摩尔投票法-蒲公英云

摩尔投票法

提问：给定一个int型数组，找出该数组中出现次数大于数组长度一半的int值。

解决方案：遍历该数组，统计每个int值出现次数，再遍历该数组，找出出现次数大于数组长度一半的int值。

同样的，该解决办法也要求使用Map，否则无法达到线性的时间复杂度。

那么对于这个问题，有没有什么不使用Map的线性算法呢？

答案就是今天我们要提到的摩尔投票法。利用该算法来解决这个问题，我们可以达到线性的时间复杂度以及常量级的空间复杂度。

首先我们注意到这样一个现象：在任何数组中，出现次数大于该数组长度一半的值只能有一个。

通过数学知识，我们可以证明它的正确性，但是这并不在我们这篇博客里涉及。

摩尔投票法的基本思想很简单，在每一轮投票过程中，从数组中找出一对不同的元素，将其从数组中删除。这样不断的删除直到无法再进行投票，如果数组为空，则没有任何元素出现的次数超过该数组长度的一半。如果只存在一种元素，那么这个元素则可能为目标元素。

那么有没有可能出现最后有两种或两种以上元素呢？根据定义，这是不可能的，因为如果出现这种情况，则代表我们可以继续一轮投票。因此，最终只能是剩下零个或一个元素。

在算法执行过程中，我们使用常量空间实时记录一个候选元素c以及其出现次数f©，c即为当前阶段出现次数超过半数的元素。根据这样的定义，我们也可以将摩尔投票法看作是一种动态规划算法。

如果f©为0，表示截至到当前子数组，并没有候选元素。也就是说之前的遍历过程中并没有找到超过半数的元素。那么，如果超过半数的元素c存在，那么c在剩下的子数组中，出现次数也一定超过半数。因此我们可以将原始问题转化为它的子问题。此时c赋值为当前元素, 同时f©=1。
如果当前元素A[i] == c, 那么f© += 1。(没有找到不同元素，只需要把相同元素累计起来)
如果当前元素A[i] != c，那么f© -= 1 (相当于删除1个c)，不对A[i]做任何处理(相当于删除A[i])
如果遍历结束之后，f©不为0，则找到可能元素。

再次遍历一遍数组，记录c真正出现的次数，从而验证c是否真的出现了超过半数。上述算法的时间复杂度为O(n)，而由于并不需要真的删除数组元素，我们也并不需要额外的空间来保存原始数组，空间复杂度为O(1)。

看java代码示例，为了保证每一步骤的清晰性，代码没有经过优化。

/** * 算法基础：摩尔投票法 * @param nums * @return */
public int majorityElement(int[] nums) { 
    int majority = -1;
    int count = 0;
    for (int num : nums) { 
        if (count == 0) { 
            majority = num;
            count++;
        } else { 
            if (majority == num) { 
                count++;
            } else { 
                count--;
            }
        }
    }
    int counter = 0;
    if (count <= 0) { 
        return -1;
    } else { 
        for (int num : nums) { 
            if (num == majority) counter ++;
        }
    }
    if (counter > nums.length / 2) { 
        return majority;
    }
    return -1;
}