leetcode_887_鸡蛋掉落

谁借莪１个温暖的怀抱￠ 2023-07-18 02:24 101阅读 0赞

参考链接1：[https://labuladong.gitbook.io/algo/dong-tai-gui-hua-xi-lie/gao-lou-reng-ji-dan-wen-ti][https_labuladong.gitbook.io_algo_dong-tai-gui-hua-xi-lie_gao-lou-reng-ji-dan-wen-ti]

参考链接2：[https://labuladong.gitbook.io/algo/dong-tai-gui-hua-xi-lie/gao-lou-reng-ji-dan-jin-jie][https_labuladong.gitbook.io_algo_dong-tai-gui-hua-xi-lie_gao-lou-reng-ji-dan-jin-jie]

参考链接3：[https://leetcode-cn.com/problems/super-egg-drop/solution/zhi-xing-yong-shi-0-ms-zai-suo-you-java-ti-jia-121/][https_leetcode-cn.com_problems_super-egg-drop_solution_zhi-xing-yong-shi-0-ms-zai-suo-you-java-ti-jia-121]

# 解法一：递归版 动态规划+备忘录+二分优化 #

函数dp(K,N)表示此时有K个鸡蛋，楼层有N层需要测试多少次。

base case:

K==1时，即手中只有一个鸡蛋，需要测试N次

N==0时，即处于0层，需要测试0次

在第i层楼扔了鸡蛋之后会出现鸡蛋碎了和鸡蛋没碎两种情况。

**如果鸡蛋碎了**，那么鸡蛋的个数 `K` 应该减一，搜索的楼层区间应该从 `[1..N]` 变为 `[1..i-1]` 共 `i-1` 层楼；

**如果鸡蛋没碎**，那么鸡蛋的个数 `K` 不变，搜索的楼层区间应该从 `[1..N]` 变为 `[i+1..N]` 共 `N-i` 层楼。

因为我们要求的是**最坏情况**下扔鸡蛋的次数，所以鸡蛋在第 `i` 层楼碎没碎，取决于那种情况的结果**更大**：

所以下面求res（最坏情况下的最少扔鸡蛋次数）时，因该先对dp(K-1,i-1)和dp(K,N-i)求一下最大值然后加1再与res比较求最小值。

二分优化是因为：

dp(K-1,i-1)单调递增，dp(K,N-i)单调递减（具体为什么看参考链接1，作者写得很清楚），利用二分求这俩函数的交点

下面代码中，带注释的是没用二分优化求res的代码，也能通过。二分优化的代码没注释掉。

class Solution:
        def superEggDrop(self, K: int, N: int) -> int:
            memo=dict()
            def dp(K,N)->int :
                if(K==1):return N
                if(N==0):return 0
    
                if(K,N) in memo:
                    return memo[(K,N)]
                res=float('INF')
                #for i in range(1,N+1):
                 #   res=min(res,
                  #  max(dp(K-1,i-1),dp(K,N-i))+1
                   # )
                ###二分优化，见labuladong
                l,r=1,N
                while(l<=r):
                    mid=(r+l)//2
                    broken=dp(K-1,mid-1)
                    notbroken=dp(K,N-mid)
                    if(notbroken>broken):
                        l=mid+1
                        res=min(res,notbroken+1)
                    else:
                        r=mid-1
                        res=min(res,broken+1)
    
                memo[(K,N)]=res
    
                return res
            return dp(K,N)

# 解法二：非递归版动态规划 #

修改 `dp` 数组的定义，**确定当前的鸡蛋个数和最多允许的扔鸡蛋次数(m)，就知道能够确定** **`F`** **的最高楼层数（参考链接2)**

dp[k][m] = n
    # 当前有 k 个鸡蛋，可以尝试扔 m 次鸡蛋
    # 这个状态下，最坏情况下最多能确切测试一栋 n 层的楼
    
    # 比如说 dp[1][7] = 7 表示：
    # 现在有 1 个鸡蛋，允许你扔 7 次;
    # 这个状态下最多给你 7 层楼，
    # 使得你可以确定楼层 F 使得鸡蛋恰好摔不碎
    # （一层一层线性探查嘛）

我们最终要求的其实是扔鸡蛋次数 `m`，但是这时候 `m` 在状态之中而不是 `dp` 数组的结果，可以这样处理：

int superEggDrop(int K, int N) {
    
        int m = 0;
        while (dp[K][m] < N) {
            m++;
            // 状态转移...
        }
        return m;
    }

**1、无论你在哪层楼扔鸡蛋，鸡蛋只可能摔碎或者没摔碎，碎了的话就测楼下，没碎的话就测楼上**。

**2、无论你上楼还是下楼，总的楼层数 = 楼上的楼层数 + 楼下的楼层数 + 1（当前这层楼）**。

根据这个特点，可以写出下面的状态转移方程：

`dp[k][m] = dp[k][m - 1] + dp[k - 1][m - 1] + 1`

**`dp[k][m - 1]`** **就是楼上的楼层数**，因为鸡蛋个数 `k` 不变，也就是鸡蛋没碎，扔鸡蛋次数 `m` 减一；

**`dp[k - 1][m - 1]`** **就是楼下的楼层数**，因为鸡蛋个数 `k` 减一，也就是鸡蛋碎了，同时扔鸡蛋次数 `m` 减一。

优化二维的解法就是利用一维，将dp改成一维，这是因为二维dp更新时每次用到了上方元素和左上方元素，所以更新一维时要从后往前更新，这样上方和左上方的元素才没有被更改过。（参考链接3）

![20200323140056129.png][]

下面代码中被注释的是二维解法

class Solution {
        public int superEggDrop(int K, int N) {
            //int [][]dp=new int[K+1][N+1];
    
            int []dp=new int [K+1];
    
            int ans=0;
            while(dp[K]<N){
                ans++;
                for(int i=K;i>=1;i--)//一维数组反向遍历
                    dp[i]=dp[i]+dp[i-1]+1;
            }
            return ans;
    
            /*int m=0;//二维数组正向遍历
            while(dp[K][m]<N){
                m++;
                for(int k=1;k<=K;k++){
                    dp[k][m]=dp[k-1][m-1]+dp[k][m-1]+1;
                }
            }
            return m;
            */
    
        }
    }

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[https_leetcode-cn.com_problems_super-egg-drop_solution_zhi-xing-yong-shi-0-ms-zai-suo-you-java-ti-jia-121]: https://leetcode-cn.com/problems/super-egg-drop/solution/zhi-xing-yong-shi-0-ms-zai-suo-you-java-ti-jia-121/
[20200323140056129.png]: /images/20230528/f1127875f41146039e5764f8e32c4cc7.png